Given an array nums of size n, return the majority element.
The majority element is the element that appears more than ⌊n / 2⌋ times. You may assume that the majority element always exists in the array.
Example 1:
Input: nums = [3,2,3]
Output: 3
Example 2:
Input: nums = [2,2,1,1,1,2,2]
Output: 2
Constraints:
n == nums.length1 <= n <= 5 * 104-231 <= nums[i] <= 231 - 1
Follow-up: Could you solve the problem in linear time and in O(1) space?
这是到求大多数的问题，有很多种解法，其中我感觉比较好的有两种，一种是用哈希表，这种方法需要 O(n) 的时间和空间，另一种是用一种叫摩尔投票法 Moore Voting，需要 O(n) 的时间和 O(1) 的空间，比前一种方法更好。这种投票法先将第一个数字假设为过半数，然后把计数器设为1，比较下一个数和此数是否相等，若相等则计数器加一，反之减一。然后看此时计数器的值，若为零，则将下一个值设为候选过半数。以此类推直到遍历完整个数组，当前候选过半数即为该数组的过半数。不仔细弄懂摩尔投票法的精髓的话，过一阵子还是会忘记的，首先要明确的是这个叼炸天的方法是有前提的，就是数组中一定要有过半数的存在才能使用，下面来看本算法的思路，这是一种先假设候选者，然后再进行验证的算法。现将数组中的第一个数假设为过半数，然后进行统计其出现的次数，如果遇到同样的数，则计数器自增1，否则计数器自减1，如果计数器减到了0，则更换下一个数字为候选者。这是一个很巧妙的设定，也是本算法的精髓所在，为啥遇到不同的要计数器减1呢，为啥减到0了又要更换候选者呢？首先是有那个强大的前提存在，一定会有一个出现超过半数的数字存在，那么如果计数器减到0了话，说明目前不是候选者数字的个数已经跟候选者的出现个数相同了，那么这个候选者已经很 weak，不一定能出现超过半数，此时选择更换当前的候选者。那有可能你会有疑问，那万一后面又大量的出现了之前的候选者怎么办，不需要担心，如果之前的候选者在后面大量出现的话，其又会重新变为候选者，直到最终验证成为正确的过半数，佩服算法的提出者啊，代码如下：
C++ 解法一：
class Solution {
public:
int majorityElement(vector<int>& nums) {
int res = 0, cnt = 0;
for (int num : nums) {
if (cnt == 0) {res = num; ++cnt;}
else (num == res) ? ++cnt : --cnt;
}
return res;
}
};
Java 解法一：
public class Solution {
public int majorityElement(int[] nums) {
int res = 0, cnt = 0;
for (int num : nums) {
if (cnt == 0) {res = num; ++cnt;}
else if (num == res) ++cnt;
else --cnt;
}
return res;
}
}
下面这种解法利用到了位操作 Bit Manipulation 来解，将这个大多数按位来建立，从0到31位，每次统计下数组中该位上0和1的个数，如果1多，那么将结果 res 中该位变为1，最后累加出来的 res 就是过半数了，相当赞的方法，参见代码如下：
C++ 解法二：
class Solution {
public:
int majorityElement(vector<int>& nums) {
int res = 0, n = nums.size();
for (int i = 0; i < 32; ++i) {
int ones = 0, zeros = 0;
for (int num : nums) {
if (ones > n / 2 || zeros > n / 2) break;
if ((num & (1 << i)) != 0) ++ones;
else ++zeros;
}
if (ones > zeros) res |= (1 << i);
}
return res;
}
};
Java 解法二：
public class Solution {
public int majorityElement(int[] nums) {
int res = 0, n = nums.length;
for (int i = 0; i < 32; ++i) {
int ones = 0, zeros = 0;
for (int num : nums) {
if (ones > n / 2 || zeros > n / 2) break;
if ((num & (1 << i)) != 0) ++ones;
else ++zeros;
}
if (ones > zeros) res |= (1 << i);
}
return res;
}
}
Github 同步地址：
https://github.com/grandyang/leetcode/issues/169
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参考资料：
https://leetcode.com/problems/majority-element/
https://leetcode.com/problems/majority-element/discuss/51613/O(n)-time-O(1)-space-fastest-solution
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